Có: \(\dfrac{m_{Al}}{m_{Fe}}=\dfrac{7,5\%}{4,7\%}=\dfrac{75}{47}\)

=> \(\dfrac{27.n_{Al}}{56.n_{Fe}}=\dfrac{75}{47}\Rightarrow\dfrac{n_{Al}}{n_{Fe}}=\dfrac{1400}{423}\)

=> Số nguyên tử Al : số nguyên tử Fe = 1400 : 423

Giải thích các bước giải:

tỉ lệ nguyên tử nhôm=%m Al.100/100%=7,5%.100/100%=7,5%

tỉ lệ nguyên tử sắt=%m Fe.100/100%=4,7%.100/100%=4,7%\

a)

Y là nguyên tố phổ biến nhất trong vỏ trái đất

=> Y là O (oxi)

CTHH: XOZ

Có: \(2p_X+2.8+2p_Z=4.\left(1+9\right)=40\)

=> p_X + p_Z = 12

Và \(p_X-p_Z=10\)

=> \(\left\{{}\begin{matrix}p_X=11\left(Na\right)\\p_Z=1\left(H\right)\end{matrix}\right.\)

Vậy CTHH của A là NaOH

b) Giấy quỳ tím chuyển màu xanh do dd NaOH là dd kiềm

*Xác định Y:

Y thuộc chu kì 2 => Y có 2 lớp e

Công thức oxit cao nhất của Y là YO2 

=> Y có hóa trị IV

=> Y thuộc nhóm IVA

=> Y có 4e lớp ngoài cùng

=> Cấu hình e của Y: 1s²2s²2p² 

=> Y là Cacbon

*Xác định M:

Hợp chất MC2

\(\%m_C=\dfrac{2.12}{M+2.12}.100=37,5\%\)

=> M=40 (Ca)

Vậy M là Ca

Đáp án C

Y công thức Oxit cao nhất là YO₃  Y có hóa trị VI

 Y thuộc nhóm VIA

Mặt khác Y thuộc chu kì 3  Y là S Hợp chất M là MS

M chiếm 63,64% khối lượng:

Nguyên tố Y là phi kim thuộc chu kì 3, có công thức oxit cao nhất là YO₃

→ Y thuộc nhóm VIA → Y là S (lưu huỳnh).

%M = M/(M=32) = 63,64% →M = 56 (Fe)

Chọn đáp án D

Đáp án C

Y công thức Oxit cao nhất là YO₃ ⇒  Y có hóa trị VI

⇒  Y thuộc nhóm VIA

Mặt khác Y thuộc chu kì 3 ⇒ Y là S ⇒ Hợp chất M là MS

M chiếm 63,64% khối lượng:

 M là Fe

%Na = 39,316% => M_Z = 58,5

=> Z là NaCl

=> X là H₂ và Y là HCl

Pt: Cl₂ + H₂ → 2HCl

HCl + NaOH → NaCl + H₂O

2NaCl + H₂SO_4đặc → Na₂SO₄ + 2HCl

4HCl + MnO₂ → MnCl₂ + Cl₂↑ + 2H₂O

Đáp án C

a) đúng vì Al có lớp màng oxit bảo vệ

b) đúng

c) sai, nhôm chỉ tồn tại ở dạng hợp chất

d) đúng thép ( chứa từ 0,01- 2% C) còn gang chứa từ (2- 5% C) => thép có hàm lượng Fe cao hơn gang.

e) Sai vì Fe là nguyên tố phổ biến thứ tư trong vỏ trái đất

f) đúng

=> có 4 phát biểu đúng

Đáp án C